Bất đẳng thức lượng giác - Chương 4: Một số chuyên đề bài viết hay, thú vị liên quan đến bất đẳng thức và lượng giác

Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 77 Chương 4 : Một số chuyên ñề bài viết hay, thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác ðúng như tên gọi của mình, chương này sẽ bao gồm các bài viết chuyên ñề về bất ñẳng thức và lượng giác. Tác giả của chúng ñều là các giáo viên, học sinh giỏi toán mà tác giả ñánh giá rất cao. Nội dung của các bài viết chuyên ñề ñều dễ hiểu và mạch lạc. Bạn ñọc có thể tham khảo nhiều kiến thức bổ ích từ chúng. Vì khuôn khổ chuyên ñề nên tác giả chỉ tập hợp ñược một số bài viết thật sự là hay và thú vị : Mục lục : Xung quanh bài toán Ecdôs trong tam giác .78 Ứng dụng của ñại số vào việc phát hiện và chứng minh bất ñẳng thức trong tam giác82 Thử trở về cội nguồn của môn Lượng giác...............91 Phương pháp giải một dạng bất ñẳng thức lượng giác trong tam giác.............94 Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 78 Xung quanh bài toán Ecdôs trong tam giác Nguyễn Văn Hiến (Thái Bình) Bất ñẳng thức trong tam giác luôn là ñề tài rất hay. Trong bài viết nhỏ này, chúng ta cùng trao ñổi về một bất ñẳng thức quen thuộc : Bất ñẳng thức Ecdôs. Bài toán 1 : Cho một ñiểm M trong ABC∆ . Gọi cba RRR ,, là khoảng cách từ M ñến CBA ,, và cba ddd ,, là khoảng cách từ M ñến ABCABC ,, thì : ( ) ( )EdddRRR cbacba ++≥++ 2 Giải : Ta có : a bdcd a SS a SSdhR bc AMCAMB BMCABC aaa + = + = − =−≥ 22 22 Bằng cách lấy ñối xứng M qua phân giác góc A Tương tự : ( )1          + ≥ + ≥ + ≥⇒ c bdad R b cdad R a cdbd R ab c ac b bc a ( )⇒++≥      ++      ++      +≥++⇒ cbacbacba ddd a b b ad a c c ad b c c bdRRR 2 ñpcm. Thực ra ( )E chỉ là trường hợp riêng của tổng quát sau : Bài toán 2 : Chứng minh rằng : ( ) ( )22 kckbkakkckbka dddRRR ++≥++ với 01 >≥ k Giải : Trước hết ta chứng minh : Bổ ñề 1 : 0, >∀ yx và 01 >≥ k thì : ( ) ( ) ( )Hyxyx kkkk +≥+ −12 Chứng minh : ( ) ( ) ( ) ( ) 0121121 11 ≥+−+=⇔      +≥      +⇔ −− kkkk k k k aaaf y x y xH với 0>= a y x Vì ( ) ( ) ( )[ ] 021' 11 =−+= −− kk aakaf 1=⇔ a hoặc 1=k . Với 1=k thì ( )H là ñẳng thức ñúng. Do 0>a và 01 >> k thì ta có : ( ) 00 >∀≥ aaf và 01 >> k Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 79 ( )H⇒ ñược chứng minh. Trở lại bài toán 2 : Từ hệ ( )1 ta có :               +     ≥      +≥ − k b k ck k bck a a cd a bd a cd a bd R 12 ( Áp dụng bổ ñề ( )H với a cd y a bd x bc == ; ) Tương tự :               +     ≥               +     ≥ − − k a k bkk c k a k ckk b c bd c ad R b cd b ad R 1 1 2 2 ( )kckbkak kk k c kk k b kk k a kk c k b k a ddd a b b ad a c c ad b c c bdRRR ++≥                       +      +               +      +               +     ≥++⇒ − 2 2 1 ⇒ñpcm. ðẳng thức xảy ra khi ABC∆ ñều và M là tâm tam giác. Áp dụng ( )E ta chứng minh ñược bài toán sau : Bài toán 3 : Chứng minh rằng : ( )31112111       ++≥++ cbacba RRRddd Giải : Thực hiện phép nghịch ñảo tâm M, phương tích ñơn vị ta ñược :          = = = c b a R MC R MB R MA 1 * 1 * 1 * và          = = = c b a d MC d MB d MA 1 '' 1 '' 1 '' Áp dụng ( )E trong '''''' CBA∆ : ( )       ++≥++⇔ ++≥++ cbacba RRRddd MCMBMAMCMBMA 1112111 ***2'''''' ⇒ñpcm. Mở rộng kết quả này ta có bài toán sau : Bài toán 4 : Chứng minh rằng : ( ) ( )42 kckbkakckbkak RRRddd ++≥++ Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 80 với 10 −≥> k Hướng dẫn cách giải : Ta thấy ( )4 dễ dàng ñược chứng minh nhờ áp dụng ( )2 trong phép biến hình nghịch ñảo tâm M, phương tích ñơn vị. ðẳng thức xảy ra khi ABC∆ ñều và M là tâm tam giác. Bây giờ với 1>k thì từ hệ ( )1 ta thu ñược ngay : Bài toán 5 : Chứng minh rằng : ( ) ( )52 222222 cbacba dddRRR ++>++ Xuất phát từ bài toán này, ta thu ñược những kết quả tổng quát sau : Bài toán 6 : Chứng minh rằng : ( ) ( )62 kckbkakckbka dddRRR ++>++ với 1>k Giải : Chúng ta cũng chứng minh một bổ ñề : Bổ ñề 2 : 0, >∀ yx và 1>k thì : ( ) ( )Gyxyx kkk +≥+ Chứng minh : ( ) ( ) ( ) 01111 >−−+=⇔+>      +⇔ kkk kk aaag y x y xG (ñặt 0>= a y x ) Vì ( ) ( )[ ] 1;001' 11 >>∀>−+= −− kaaakag kk ( ) 1;00 >>∀>⇒ kaag ( )G⇒ ñược chứng minh xong. Sử dụng bổ ñề ( )G vào bài toán ( )6 : Từ hệ ( )1 : k b k c k bck a a cd a bd a cd a bd R       +      >      +≥ (ñặt a cd y a bd x bc == ; ) Tương tự : k a k bk c k a k ck b c bd c ad R b cd b ad R       +      >       +      > ( )kckbka kk k c kk k b kk k a k c k b k a ddd a b b ad a c c ad b c c bdRRR ++≥               +      +               +      +               +      >++⇒ 2 ⇒ñpcm. Bài toán 7 : Chứng minh rằng : ( ) ( )72 kakakakakaka RRRddd ++>++ với 1−<k Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 81 Hướng dẫn cách giải : Ta thấy ( )7 cũng ñược chứng minh dễ dàng nhờ áp dụng ( )6 trong phép biến hình nghịch ñảo tâm M, phương tích ñơn vị. ðẳng thức không thể xảy ra trong ( )6 và ( )7 . Xét về quan hệ giữa ( )cba RRR ,, với ( )cba ddd ,, ngoài bất ñẳng thức ( )E và những mở rộng của nó, chúng ta còn gặp một số bất ñẳng thức rất hay sau ñây. Việc chứng minh chúng xin dành cho bạn ñọc : ( )( )( ) ( )( )( )ccbbccaabbaacba cbcabacba c ba b ca a cb cbacba dRdRdRdRdRdRRRR ddddddRRR R dd R dd R dd dddRRR +++≥ +++≥ ≤ + + + + + ≥ 222)4 )3 3)2 8)1 Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 82 Ứng dụng của ñại số vào việc phát hiện và chứng minh bất ñẳng thức trong tam giác Lê Ngọc Anh (HS chuyên toán khóa 2005 – 2008 Trường THPT chuyên Lý Tự Trọng, Cần Thơ) 1/ Chúng ta ñi từ bài toán ñại số sau: Với      x pi∀ ∈ 0, 2 ta luôn có: x x 2x < tg < < sinx < x 2 2 π . Chứng minh: Ta chứng minh 2 bất ñẳng thức: 2sin xx pi > và 2 2 x x tg pi < . ðặt 1( ) sinf x x x = là hàm số xác ñịnh và liên tục trong 0, 2 pi     . Ta có: 2 os x- sin x '( ) xcf x x = . ðặt ( ) os x- sin xg x xc= trong 0, 2 pi     khi ñó ( ) ( )' sin 0g x x x g x= − ≤ ⇒ nghịch biến trong ñoạn 0, 2 pi     nên ( ) ( )0g x g< =0 với 0, 2 x pi  ∈   . Do ñó ( )' 0f x < với 0, 2 x pi ∀ ∈   suy ra ( ) 2 2 f x f pi pi   > =    hay 2sin xx pi > với 0, 2 x pi ∀ ∈    . ðặt ( ) 1h x tgx x = xác ñịnh và liên tục trên 0, 2 pi     . Ta có ( ) 2 2 sin ' 0 2 os 2 x xh x x x c − = > 0, 2 x pi ∀ ∈    nên hàm số ( )h x ñồng biến, do ñó ( ) 2 2 xh x h pi < =    hay 2 2 x x tg pi < với 0, 2 x pi ∀ ∈    . Còn 2 bất ñẳng thức 2 2 x x tg > và sin x x< dành cho bạn ñọc tự chứng minh. Bây giờ mới là phần ñáng chú ý: Xét ∆ABC : BC = a , BC = b , AC = b . Gọi A, B, C là ñộ lớn các góc bằng radian; r, R, p, S lần lượt là bán kính ñường tròn nội tiếp, bán kính ñường tròn ngoại tiếp, nửa chu vi và diện tích tam giác; la, ha, ma, ra, tương ứng là ñộ dài ñường phân giác, ñường cao, ñường trung tuyến và bán kính ñường tròn bàng tiếp ứng với ñỉnh A... Bài toán 1: Chứng minh rằng trong tam giác ABC nhọn ta luôn có: 2 2 2os os os 4 p pAc x Bc B Cc C R R pi < + + < Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 83 Nhận xét: Từ ñịnh lí hàm số sin quen thuộc trong tam giác ta có: sin sin sin pA B B R + + = và bài toán ñại số ta dễ dàng ñưa ra biến ñổi sau 2 2 24os 2 os sin os 2 AAc A tg c A A Ac A pi < = < , từ ñó ñưa ñến lời giải như sau. Lời giải: Ta có: 2 2 24os 2 os sin os 2 AAc A tg c A A Ac A pi < = < ⇒ 2os sin pAc A A R < =∑ ∑ và 2 24 os sin os 4 p pAc A A Ac A R R pi pi > = ⇒ >∑ ∑ ∑ . Từ ñây suy ra ñpcm. Trong một tam giác ta có nhận xét sau: 1 2 2 2 2 2 2 A B B C C A tg tg tg tg tg tg+ + = kết hợp với 2 2 x x tg pi < nên ta có 2 2 2 2 2 2 1 2 2 2 2 2 2 A B B C C A A B B C C A tg tg tg tg tg tg pi pi pi pi pi pi + + > + + = ⇒ 2 . . . 4 A B B C C A pi+ + > (1). Mặt khác 2 2 x x tg > nên ta cũng dễ dàng có 1 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 A B B C C A A B B C C A tg tg tg tg tg tg+ + < + + = từ ñây ta lại có . . . 4A B B C C A+ + < (2). Từ (1) và (2) ta có bài toán mới. Bài toán 2: Chứng minh rằng trong tam giác ABC nhọn ta luôn có: 2 . . . 4 4 A B B C C Api < + + < Lưu ý: Khi dùng cách này ñể sáng tạo bài toán mới thì ñề toán là ABC∆ phải là nhọn vì trong bài toán ñại số thì 0, 2 x pi ∀ ∈    . Lời giải bài toán tương tự như nhận xét ở trên. Mặt khác, áp dụng bất ñẳng thức ( ) 2 3 a b c ab bc ca + + + + ≤ thì ta có ngay ( )2 2 . . . 3 3 A B C A B B C C A pi + + + + ≤ = . Từ ñây ta có bài toán “chặt” hơn và “ñẹp” hơn: 2 2 . . . 4 3 A B B C C Api pi〈 + + ≤ Bây giờ ta thử ñi từ công thức la, ha, ma, ra ñể tìm ra các công thức mới. Trong ABC∆ ta luôn có: 2 sin sin sin 2 2a a A AS bc A cl bl= = + Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 84 ⇒ 1 1 1 1 A 2 22 os 2 a b c b c l bc b cbcc + +   = > = +    1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 2 sin sin sina b cl l l a b c R A B C  ⇒ + + > + + > + +    1 1 1 1 1 1 1 2a b cl l l R A B C  ⇒ + + > + +    . Như vậy chúng ta có Bài toán 3. Bài toán 3: Chứng minh rằng trong tam giác ABC nhọn ta luôn có: 1 1 1 1 1 1 1 2a b cl l l R A B C   + + > + +    Mặt khác, ta lại có ( )2 sin sinA2 os 2sin 2 2 2 a R B Cbc b c Al c pi ++ = =   −    . Áp dụng bài toán ñại số ta ñược: ( ) ( )2 2 2 a B C RR B C bc AA l pipi pipi + + > > − − ⇒ ( ) ( ) ( ) 4 a R B C R B Cbc B C l B C pi pi + + > > + + ⇒ 4 a bc RR l pi pi > > . Hoàn toàn tương tự ta có: 4 c ab RR l pi pi > > và 4 b ca RR l pi pi > > . Từ ñây, cộng 3 chuỗi bất ñẳng thức ta ñược: Bài toán 4: Chứng minh rằng trong tam giác ABC nhọn ta luôn có: 12 3 c a b R ab bc ca R l l l pi pi < + + < Trong tam giác ta có kết quả sin b ch hA c b = = , sin c ah hB a c = = và sin a bh hC b a = = , mà từ kết quả của bài toán ñại số ta dễ dàng có 2 sin sin sinA B C pi< + + < , mà ( ) 1 12 sin sin sin aA B C h b c   + + = +    1 1 1 1 b ch h c a a b     + + + +        , từ ñây ta có ñược Bài toán 5. Bài toán 5: Chứng minh rằng trong tam giác ABC nhọn ta luôn có: 1 1 1 1 1 14 2a b ch h hb c c a a b pi       < + + + + + <            Ta xét tiếp bài toán sau: Bài toán 6: Chứng minh rằng trong tam giác nhọn ta luôn có: ( ) 2 2 22 2 2 2 2 22 24 3a b c m m mA B C A B C Rpi + + + + < < + + Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 85 Nhận xét:Liên hệ với 2am trong tam giác ta có 2 2 2 2 2 4a b c a m + = − , từ ñó ta suy ra ( ) ( )2 2 2 2 2 2 2 2 2 23 3 sin sin sin4a b cm m m a b c R A B C+ + = + + = + + và từ ñưa ñến lời giải. Lời giải: Áp dụng bài toán ñại số ta ñược: 2 2 2 2 4 sinx x x pi < < ta lần lượt có: 2 2 2 2 4 sinA A A pi < < , 2 2 2 2 4 sinB B B pi < < và 2 2 2 2 4 sinC C C pi < < . Cộng 3 chuỗi bất ñẳng thức trên ta ñược: ( )2 2 2 2 2 2 2 2 224 sin s in sinA B C A B C A B Cpi + + < + + < + + , mà ta có: ( )2 2 2 2 2 2 23 sin sin sina b cm m m R A B C+ + = + + ( )2 2 2 2 2 22 sin sin sin ,3a b c m m m A B C R + + ⇔ = + + từ ñây ta ñược: ( ) 2 2 22 2 2 2 2 22 24 3a b c m m mA B C A B C Rpi + + + + < < + + (ñpcm). Bây giờ ta thử sáng tạo một bất ñẳng thức liên quan tới ra, ta có công thức tính ra là 2a A r ptg= , từ bài toán ñại số 2 2 2 x x x tg pi < < chắc chắn ta dễ dàng tìm thấy 2 2 a rA A p pi < < , tương tự ta cũng có 2 2 a rB B p pi < < và 2 2 a rC C p pi < < , cộng 3 chuỗi bất ñẳng thức ta thu ñược ( )2 2 a b c A B Cr r rA B C p pi + ++ ++ + < < và ta thu ñược Bài toán 7. Bài toán 7: Chứng minh rằng trong tam giác ABC nhọn ta luôn có: ( )2 2 a b c A B Cr r rA B C p pi + ++ ++ + < < Ta tìm hiểu bài toán sau: Bài toán 8: Chứng minh rằng trong tam giác ABC nhọn ta luôn có: ( ) ( )2 4 2R r aA bB cC R rpi − < + + < − Nhận xét: Ta có các kết quả: 2a A r ptg= , 2b B r ptg= , 2c C r ptg= , ( ) 2 A r p a tg= − = ( ) ( ) 2 2 B Cp b tg p c tg= − = − dẫn ñến 2a A r r atg= + , 2b B r r btg= + , 2c C r r ctg= + và 4 a b cr r r R r+ + = + (các kết quả này bạn ñọc tự chứng minh), từ ñó ta suy ra 4 3 2 2 2 A A AR r r ptg ptg ptg+ = + + + và nhờ kết quả này ta dễ dàng ñánh giá tổng aA bB cC+ + từ bài toán ñại số nên ta dễ có lời giải như sau. Lời giải: Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 86 Ta có: 2a A r ptg= , 2b B r ptg= , 2c C r ptg= , ( ) ( ) ( ) 2 2 2 A B C r p a tg p b tg p c tg= − = − = − , từ ñó dẫn ñến 2a A r r atg= + , 2b B r r btg= + , 2c C r r ctg= + . Mà ta lại có: 4a b cr r r R r+ + = + suy ra 4 3 2 2 2 A A AR r r ptg ptg ptg+ = + + + . Áp dụng bài toán ñại số ta ñược: ● ( )24 3 3 2 2 2 A A AR r r ptg ptg ptg r aA bB cC pi + = + + + < + + + ( )2R r aA bB cCpi⇔ − < + + ● ( )14 3 3 2 2 2 2 A A AR r r ptg ptg ptg r aA bB cC+ = + + + > + + + ( )4 2R r aA bB cC⇔ − > + + Kết hợp 2 ñiều trên ta có ñiều phải chứng minh. Sau ñây là các bài toán ñược hình thành từ các công thức quen thuộc ñể các bạn luyện tập: Bài toán: Chứng minh rằng trong tam giác ABC nhọn ta luôn có: a/ ( ) ( )2 8 2 2p R r aA bB cC p R rpi pi pi− + < + + < − + . b/ ( ) ( ) ( )( ) ( ) ( ) 2 2 S p a p b p b p c p c p a Spi < − − + − − + − − < . c/ ( ) ( ) ( )2 2 2 2 abc a p a b p b c p c abcpi< − + − + − < . d/ 1 1 1 1 1 14 2a b cl l lb c c a a b pi       < + + + + + <            . 2/Chúng ta xét hàm: ( ) in xf x = s x với ( )x 0,∀ ∈ pi . Ta có ( )f x là hàm số xác ñịnh và liên tục trong ( )0,pi và ( )' 2s inx-xcosxsinf x x= . ðặt ( ) s inx-xcosxg x = , ( )0,x pi∈ , ta có ( )' sin 0g x x x= ≥ ⇒ ( )g x ñồng biến trong ñoạn ( )0,pi ( ) ( )0 0g x g⇒ > = ( )' 0f x⇒ > nên hàm ( )f x ñồng biến . Chú ý 3 bất ñẳng thức ñại số: 1.Bất ñẳng thức AM-GM: Cho n số thực dương 1 2, ,..., na a a , ta luôn có: 1 2 1 2 ... ... n n n a a a a a a n + + + ≥ Dấu “=” xảy ra 1 2 ... na a a⇔ = = = . 2.Bất ñẳng thức Cauchy-Schwarz: Cho 2 bộ n số ( )1 2, ,..., na a a và ( )1 2, ,..., nb b b trong ñó 0, 1,ib i n> = . Ta luôn có: Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 87 ( )222 2 1 21 2 1 2 1 2 ... ... ... nn n n a a aaa a b b b b b b + + + + + + ≥ + + + Dấu “=” xảy ra 1 2 1 2 ... n n aa a b b b ⇔ = = = . 3.Bất ñẳng thức Cheb yshev: Cho 2 dãy ( )1 2, ,..., na a a và ( )1 2, ,..., nb b b cùng tăng hoặc cùng giảm, tức là: 1 2 1 2 ... ... n n a a a b b b ≤ ≤ ≤  ≤ ≤ ≤ hoặc 1 2 1 2 ... ... n n a a a b b b ≥ ≥ ≥  ≥ ≥ ≥ , thì ta có: 1 1 2 2 1 2 1 2... ... ... . n n n n a b a b a b a a a b b b n n n + + + + + + + + + ≤ Dấu “ = ” xảy ra 1 2 1 2 ... ... n n a a a b b b = = =  = = = . Nếu 2 dãy ñơn ñiệu ngược chiều thì ñổi chiều dấu bất ñẳng thức. Xét trong tam giác ABC có A B≥ (A,B số ño hai góc A,B của tam giác theo radian). ● A B≥ ⇒ sin sin A B A B ≥ ( theo chứng minh trên thì hàm ( ) xf x = sinx ) 2 2 A B a b R R ⇒ ≥ ⇒ A a B b ≥ , mà A B≥ ⇔ a b≥ . Như vậy ta suy ra nếu a b≥ thì A a B b ≥ (i). • Hoàn toàn tương tự : a b c≥ ≥ ⇒ A B C a b c ≥ ≥ và như vậy ta có ( ) A 0Ba b a b   − − ≥    , ( ) 0B Cb c b c   − − ≥    và ( ) 0C Ac a c a   − − ≥    .Cộng 3 bất ñẳng thức ta ñược ( ) 0 cyc A B a b a b   − − ≥    ∑ ⇔ ( ) ( )2 cyc AA B C b c a + + ≥ +∑ (1). - Cộng A B C+ + vào 2 vế của (1) ta thu ñược: ( ) ( )3 A B CA B C a b c a b c   + + ≥ + + + +    (2) - Trừ A B C+ + vào 2 vế của (1) ta thu ñược: ( ) ( )2 cyc AA B C p a a + + ≥ −∑ (3). Chú ý rằng A B C pi+ + = và 2a b c p+ + = nên (2) ⇔ 3 2 cyc Ap a pi ≥ ∑ ⇔ 3 2cyc A a p pi≤∑ (ii), và (3) ( ) 2cyc Ap a a pi ⇔ − ≤∑ (iii). Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 88 ● Mặt khác ta có thể áp dụng bất ñẳng thức Chebyshev cho 2 bộ số , , A B C a b c       và ( ), , .p a p b p c− − − Ta có: a b c≥ ≥ ⇒ A B C a b c p a p b p c  ≥ ≥   − ≤ − ≤ − ( ) ( ) 3 3 3 cyc A A B Cp a p a p b p ca a b c   − + +  − + − + −  ⇒ ≤ ∑ ⇔ ( ) 3 cyc cyc Ap aAp a a − ≤ ∑ ∑ . Mà 3 2cyc A a p pi≤∑ ta suy ra: ( ) 3 2 3 3 cyc cyc Ap p aA pp a a pi − ≤ ≤ ∑ ∑ hay ( ) 3 2 cyc cyc Ap aAp a a pi − ≤ ≤ ∑ ∑ (iv). ● Ta chú ý ñến hai bất ñẳng thức (ii) và (iii): -Áp dụng bất ñẳng thức AM-GM cho 3 số , ,A B C a b c ta ñược: 1 3 . .3 . .cyc A A B C a a b c  ≥     ∑ kết hợp với bất ñẳng thức (ii) ta suy ra 1 3 . . 33 . . 2 A B C a b c p pi  ≤    ⇔ 3 . . 2 . . a b c p A B C pi  ≥     (v). Mặt khác, ta lại có 1 3 . .3 . .cyc a a b c A A B C  ≥     ∑ , mà theo (v) ta dễ dàng suy ra 1 3 . . 2 . . abc p ABC pi   ≥    , từ ñó ta có bất ñẳng thức 6 cyc a p A pi ≥∑ (vi). -Áp dụng bất ñẳng thức Cauchy-Schwarz , ta có : ( )22 2 cyc cyc A B CA A a aA Aa Bb Cc Aa Bb Cc pi+ + = ≥ = + + + + ∑ ∑ (vii), mà ta ñã tìm ñược ( ) ( )2 8 2 2p R r Aa Bb Cc p R rpi pi pi− + < + + < − + (bài tập a/ phần trước) nên ( ) 2 2cyc A a p R r pi pi > − − ∑ (viii) (chỉ ñúng với tam giác nhọn). -Áp dụng bất ñẳng thức AM-GM cho 3 số ( ) ( ) ( ), ,A B Cp a p b p c a b c − − − ta ñược: ( ) ( ) ( ) ( )( ) ( ) 2 3 3 3 . . . . . . .3 3 3 . . 4 . 4 . A B C ABC S ABC S ABCp a p b p c p a p b p c a b c abc p S R p R − + − + − ≥ − − − = = ⇒ ( ) 2 3 . .3 4 .cyc A S A B Cp a a p S R − ≥∑ (4)mà ( ) 3 2 cyc cyc Ap aAp a a pi − ≤ ≤ ∑ ∑ (theo iv) nên từ (4) 32 43 . . 729 . . .3 4 . 3 2 4 cyc cyc Ap aS A B C S A B C Ap p S R R a pi   ⇒ ≤ ≤ ⇔ ≤     ∑ ∑ ⇒ 3 4729 . . . 3 4 2 S A B C p R p pi ≤     ⇔ 354 . . . . .S A B C p Rpi≤ (ix). Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 89 ● Xét tổng 2 22 y yx z x zT b By a Ax a Ax c Cz c Cz b By      = + + + + +              . Ta có: 0T ≥ ⇔ 2 2 2 1 1 1 1 1 1 . . . 2 0y z z x x y x a A y b B z c C ab AB bc BC ca CA + + +   + + − + + ≥    . ⇔ . . . 2 0y z bc z x ca x y ab c a b x aA y bB z cC AB BC CA + + +   + + − + + ≥    ⇔ . . . 2y z bc z x ca x y ab a b c x aA y bB z cC BC CA AB + + +   + + ≥ + +    (5). Áp dụng bất ñẳng thức AM-GM ta ñược: 1 3 63a b c abc p ABCBC CA AB pi   + + ≥ ≥    (6). Từ (5) và (6) ta ñược: 6. . .y z bc z x ca x y ab p x aA y bB z cC pi + + + + + ≥ (7). Thay (x, y, z) trong (7) bằng (p-a, p-b, p-c) ta ñược: ( ) ( ) ( ) 12bc ca ab p A p a B p b C p c pi + + ≥ − − − (x) Thay (x, y, z) trong (7) bằng (bc, ca, ab) ta ñược: 12b c c a a b p A B C pi + + + + + ≥ (xi). 3/ Chúng ta xét bất ñẳng thức sau: 2xsinx π ≥ với     x pi∀ ∈ 0, 2 (phần chứng minh bất ñẳng thức này dành cho bạn ñọc). Theo ñịnh lí hàm số sin ta có sin 2 aA R = và kết hợp với bất ñẳng thức trên ta ñược 2 4 2 a A a R R Api pi ≥ ⇔ ≥ , từ ñó ta dễ dàng suy ra 12 cyc a R A pi >∑ . 4/ Bất ñẳng thức: 2 2 2 2 sin x π - x x π + x ≥ với ( ]x∀ ∈ 0,pi (bất ñẳng thức này xem như bài tập dành cho bạn ñọc). Bất ñẳng thức trên tương ñương 2 2 2 sin 21x x x xpi ≥ − + ⇔ 3 2 2 2 sin xx x xpi ≥ − + (1). Trong tam giác ta có: 3 3sin sin sin 2 A B C+ + ≤ (2) (bạn ñọc tự chứng minh).Từ (1) và (2) ta thu ñược 3 3 3 2 2 2 2 2 2 3 3 sin 2 2 cyc A B CA A B C A B Cpi pi pi   ≥ > + + − + +  + + +  ∑ ⇒ 3 3 3 2 2 2 2 2 2 3 3 2 2 A B C A B C pi pi pi pi   > − + +  + + +  ⇔ 3 3 3 2 2 2 2 2 2 3 3 2 4 A B C A B C pi pi pi pi + + > − + + + . Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 90 Mặt khác, áp dụng bất ñẳng thức cho 3 góc A, B, C ta thu ñược 2 2 2 2 sin A A A A pi pi − > + , 2 2 2 2 sin B B B B pi pi − > + và 2 2 2 2 sin C C C C pi pi − > + , cộng các bất ñẳng thức ta ñược: 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 sin sin sinA B C A B C A B C A B C pi pi pi pi pi pi − − − + + > + + + + + , từ ñây áp dụng ñịnh lí hàm số sin sin 2 aA R = ta có 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 a b c A B CR R R A B C A B C pi pi pi pi pi pi − − − + + > + + + + + hay 2 2 2 22 cyc a AR A A pi pi − > + ∑ ∑ . Truòng THPT chuyên Lý Tự Trọng – Cần Thơ Bất ñẳng thức lượng giác Chương 4 Một số chuyên ñề bài viết hay,thú vị liên quan ñến bất ñẳng thức và lượng giác The Inequalities Trigonometry 91 Thử trở về cội nguồn của môn lượng giác Lê Quốc Hán ðại học Sư phạm Vinh “Lượng giác học” có nguồn gốc từ Hình học. Tuy nhiên phần lớn học sinh khi học môn Lượng giác học (giải phương trình lượng giác, hàm số lượng giác ), lại thấy nó như là một bộ phận của môn ðại số học, hoặc như một công cụ ñể giải các bài toán hình học (phần tam giác lượng) mà không thấy mối liên hệ hai chiều giữa các bộ môn ấy. Trong bài viết này, tôi hy vọng phần nào có thể cho các bạn một cách nhìn “mới” : dùng hình học ñể giải các bài toán lượng giác. Trước hết, ta lấy một kết quả quen thuộc trong hình học sơ cấp : “Nếu G là trọng tâm tam giác ABC và M là một ñiểm tùy ý trong mặt phẳng chứa tam giác ñó thì” : ( ) ( )2222222 9 1 3 1 cbaMCMBMAMG ++−++= (ðịnh lý Lép-nít) Nếu OM ≡ là tâm ñường tròn ngoại tiếp ABC∆ thì 2222 3RMBMBMA =++ nên áp dụng ñịnh lý hàm số sin, ta suy ra : ( )CBARROG 222222 sinsinsin 9 4 ++−= ( ) ( )1sinsinsin 4 9 9 4 22222       ++−=⇒ CBAROG Từ ñẳng thức ( )1 , suy ra : ( )2 4 9 sinsinsin 222 ≤++ CBA Dấu ñẳng thức xảy ra khi và chỉ khi OG ≡ , tức là khi và chỉ khi