Ôn thi Đại học, Cao đẳng môn Toán - Đề số 17

TRƯỜNG THPT THANH BÌNH 2 ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC MÔN TOÁN NĂM 2011 ĐỀ SỐ 18 KHỐI: A Thời gian: 180 phút(không kể thời gian phát đề) Câu I. (5,0 điểm) Cho hàm số y = x3 + 3x2 + mx + 1 (m là tham số) (1) Tìm m để hàm số (1) đạt cực trị tại x1, x2 thỏa mãn x1 + 2x2 = 3. Tìm m để đường thẳng y = 1 cắt đồ thị hàm số (1) tại ba điểm phân biệt A(0;1), B, C sao cho các tiếp tuyến của đồ thị hàm số (1) tại B và C vuông góc với nhau. Câu II. (4,0 điểm) Giải hệ phương trình: (x, y Î R) Giải phương trình: . (x Î R) Câu III.(2,0 điểm) Cho phương trình: (với m là tham số) (2) Tìm m để phương trình (2) có hai nghiệm thực phân biệt. Câu IV. (2,0 điểm) Tính tích phân: . Câu V. (4,0 điểm) Trong hệ tọa độ Oxy, cho điểm A(3; 2), các đường thẳng D1: x + y – 3 = 0 và đường thẳng D2: x + y – 9 = 0. Tìm tọa độ điểm B thuộc D1 và điểm C thuộc D2 sao cho tam giác ABC vuông cân tại A. Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho hai điểm A(-3; 5; -5), B(5; -3; 7) và mặt phẳng (P): x + y + z - 6 = 0. Tìm tọa độ điểm M trên mặt phẳng (P) sao cho MA2 + MB2 đạt giá trị nhỏ nhất. Câu VI. (2,0 điểm) Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình vuông cạnh a, SA vuông góc với đáy. Góc giữa mặt phẳng (SBC) và (SCD) bằng 600. Tính theo a thể tích khối chóp S.ABCD. Câu VII. (1,0 điểm) Cho ba số thực dương a, b, c thỏa mãn ab + bc + ca = 3. Chứng minh rằng: . (Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm) Họ và tên thí sinh:.SBD: HƯỚNG DẪN CHẤM BÀI THI Câu Phương pháp - Kết quả Điểm I.1 (2điểm) 1. Ta có y’ = 3x2 + 6x + m 0,5 Ycbt tương đương với phương trình 3x2 + 6x + m = 0 có hai nghiệm phân biệt x1, x2 thỏa mãn x1 + 2x2 = 3. 0,5 Û 0,5 Giải hệ trên ta được m = -105 0,5 I.2 (2điểm) 2.+) Hoành độ điểm chung của (C) và d là nghiệm của phương trình x3 + 3x2 + mx + 1 = 1 Û x(x2 + 3x + m) = 0 0,5 Từ đó tìm được m < và m ¹ 0 thì d cắt (C) tại ba điểm phân biệt A(0; 1), B, C. 0,5 +) B(x1; 1), C(x2; 1) với x1; x2 là nghiệm của phương trình x2 + 3x + m = 0 . Hệ số góc của tiếp tuyến tại B là k1 = 3x12 + 6x1 + m và tại C là k2 = 3x22 + 6x2 + m 0,5 Tiếp tuyến của (C) tại B và C vuông góc với nhau khi và chỉ khi k1.k2 = -1 0,5 Û 4m2 – 9m + 1 = 0 0,5 Û 0,5 II.1 (2điểm) 1. Điều kiện x, y ≥ 0 0,5 Xét y = 0, không thỏa mãn hpt +) y ¹ 0, đặt , t ≥ 0. Hệ phương trình trở thành (*) Û 4t3 – 8t2 + t + 3 = 0 Û t = 1; t = -; t = . Đối chiếu điều kiện ta được t = 1 Từ đó tìm được (x;y) = (9; 4). (HS có thể giải bài toán bằng phương pháp thế hoặc cách khác được kết quả đúng vẫn được điểm tối đa) 0,5 II.2 (2điểm) 2. PT Û 2sin 2x cos 2x + 2cos2 2x = 4(sin x + cos x) 0,5 Û (cos x + sin x) (cos x – sin x) (sin 2x + cos 2x) = 2(sin x + cos x) Û 0,5 Û 0,5 Chứng minh được phương trình cos 3x – sin x = 2 vô nghiệm KL: x = 0,5 III (2điểm) 3. PT Û 1 Ycbt Û (**) có hai nghiệm phân biệt thoả mãn x >- Lập bảng biến thiên của hàm số f(x) = 3x2 – 6x + 1 trong (-;+∞ )ta tìm đươc m Î (-2; ) 1 IV (2điểm) I = = . 0,5 Đặt t = 0,5 Đổi cận : x = 0 Þ t = x = 0,5 I = 0,5 V.1 (2điểm) B Î D1 Û B(a; 3 –a) . C Î D2 Û C(b; 9-b) D ABC vuông cân tại A Û 0,5 Û a = 2 không là nghiệm của hệ trên. 0,5 (1) Û b = . Thế vào (2) tìm được a = 0 hoặc a = 4 0,5 Với a = 0 suy ra b = 4. Với a = 4 suy ra b = 6. 0,5 V.2 (2điểm) 2.Gọi I là trung điểm của AB Þ I ( 1; 1; 1) +) MA2 + MB2 = 2MI2 + IA2 + IB2 Do IA2 + IB2 không đổi nên MA2 + MB2 nhỏ nhất khi MI nhỏ nhất Û M là hình chiếu của I lên mặt phẳng (P) 1 +) Phương trình đường thẳng MI : . 0,5 M là giao điểm của MI và mặt phẳng (P). Từ đó tìm được M(2; 2; 2) 0,5 VI (2điểm) 3. Gọi M là hình chiếu vuông góc của B lên SC. Chứng minh được góc DMB = 1200 và D DMB cân tại M 0,5 Tính được: DM2 = a2 0,5 D SCD vuông tại D và DM là đường cao nên Suy ra DS = a. Tam giác ASD vuông tại A suy ra SA = a. 0,5 Vậy thể tích S.ABCD bằng a3 0,5 VII (1điểm) (***).Do ab + bc + ca = 3 nên VT (***) = = Theo BĐT AM-GM ta có (1) 0,5 Hoàn toàn tương tự ta chứng minh được: (2), (3) Cộng vế với vế của (1), (2), (3) ta được Mặt khác ta dễ dàng chứng minh được : a + b + c ≥ = 3. Đẳng thức xảy ra khi a = b = c = 1 (Đpcm) 0,5